因为在第一个故障版本之后，所有剩余的都是错误的，您可以在中间开始测试，将整个范围划分为两个，根据结果，可以通过将一半的一半（1／第四）加到或减去一半来缩小范围。
例如，如果n=500，则一半为250
检查版本是否正确 250 如果是，则为故障，即第一个故障位于 [0, 250] ，再次将该范围一分为二，并检查版本是否正确 125 这是错误的。如果125有故障，则第一个故障在范围内 [0,125] 否则第一个故障在范围内 [125, 250] 如果 250 没有故障，则第一个故障保证在范围内 [251, 500] . 将此范围一分为二，然后检查版本 250+125 = 375 . 与上述if版本相同的方法 375 一次故障的故障范围 [250, 375] 范围内的其他 [375, 500] .
执行此操作，直到范围仅包含一个数字。无论您的第一个错误在哪里，对方法的调用都将保持不变。对于n=500的示例，对于第一个错误的地方，最多需要调用9次方法。
我刚用过 N/2 作为 250 以保持示例的简单性。您需要使用2的幂来生成范围，该范围将以唯一的结果结束。所以起点应该是二的最近幂，等于或大于 N/2 . 就你而言 256 . 这个数字也定义了你需要多少次迭代。 256 = 2^8 ，所以您最多需要 8 +1 迭代或一般情况下，如果您从 2^m 你需要 m+1 迭代。
上述方法的演示可能如下所示（我已经更改了您的 findFirstBadRelease 至int）：

public class Example {
    public static void main(String[] args) {
        System.out.println(findFirstBadRelease());
    }

    public static boolean isBadRelease(int releaseNumber){
        //change 260 to whatever you want where the first faulty should be
        return releaseNumber >= 260 ? true: false;
    }

    public static int findFirstBadRelease(){
        // call from 1 to N where 1<=N<=500
        //Line 1
        int n = 256;
        int t = n/2;
        int iterations = isBadRelease(n) ? 8 : 9;

        for(int i = 0; i < iterations; i ++){
            n =  isBadRelease(n) ? n - t : n + t;
            t =  t == 1 ? t : t / 2;
        }
        return n;
    }
}

注意：当n增长时，更改硬编码值，如256、8、9