我正在尝试动态注册类定义，以便以后解析XML文档时可以在正确的命名空间中获得正确的类。我希望能够做到这一点：

var classObject:Object = typeRegistry.getClassDefinition("s:WindowedApplication");

但是我没有这个功能。我可以使用SchemaTypeRegistry使用示例或限定类名字符串来注册类型：

typeRegistry = SchemaTypeRegistry.getInstance();

var windowedApplicationQName:QName = new QName(MXMLDocumentConstants.sparkNamespaceURI, "WindowedApplication");
//typeRegistry.registerClass(windowedApplicationQName, WindowedApplication);
typeRegistry.registerClass(windowedApplicationQName, "spark.components::WindowedApplication");

然后，我可以很容易地获取该类并创建它的示例：

var className:Object = typeRegistry.getClass(windowedApplicationQName);
var classInstance:Object;
classInstance  = new className();

但是稍后，我在一个文本文档中，不要问为什么，好的，我在一个XML文本编辑器中，我可以得到XML节点名，在本例中，该值是“s：WindowedApplication”。
因此，现在当我尝试注册已知的命名空间URI时，我使用SchemaManager（在文档扩展QualifiedResourceManager中找不到）：

schemaManager = new SchemaManager();
schemaManager.addNamespaces({s:MXMLDocumentConstants.sparkNamespace});
var qname:QName = schemaManager.getQNameForPrefixedName("s:WindowedApplication");

这很好，因为我可以获得QName对象，然后使用类型注册表搜索它，如下所示：

qname = schemaManager.getQNameForPrefixedName("s:WindowedApplication");
var classObject:Object = typeRegistry.getClass(qname);

但是我遇到了这个问题。

问题1：

如果前缀“s”未在schemaManager中注册，或者没有前缀“WindowedApplication”与“s：WindowedApplication”，则schemaManager将引发错误。这是因为它需要一个架构，但数据类型是动态的，因此没有架构。

问题2：

SchemaTypeRegistry不知道名称空间前缀，SchemaManager也不知道它所拥有的名称空间的类定义，这让我相信我遗漏了一部分。
所以，假设我没有一个脆弱的，不连接的系统，有没有一个正式的或更好的方法来存储类定义，它们的命名空间和前缀？

更新日期：

如果没有别的办法，我可以扩展任何一个类，并从任何一个类添加代码，以连接类定义与名称空间和名称空间前缀。