我有一个简单的 Package 器模板，它允许自由函数（例如open()close()等）作为模板参数传递。代码如下：

template <auto fn, typename ReturnType=void>
struct func_wrapper {

    template<typename... Args>
    constexpr ReturnType operator()(Args&&... args) const {
        if constexpr( std::is_same<ReturnType, void>::value) {
            fn(std::forward<Args>(args)...);
        } else {
            return fn(std::forward<Args>(args)...);
        }
    }
};

其用法如下：

void CloseFunc2(int a);
    into OpenFunc2(const std::string&, int flags);

    using FileWrapper2 = DevFileWrapper<func_wrapper<OpenFunc2, int>,
                                        func_wrapper<CloseFunc2>>;

代码运行良好，但我想删除在创建func_wrapper时手动指定ReturnType的要求。
我尝试使用std::result_of，但失败了，因为fn是非类型模板参数，例如：

template<typename... Args>
constexpr auto operator()(Args&&... args) const 
    -> std::invoke_result<fn(std::forward<Args>(args)...)>::type {
    if constexpr( std::is_same<ReturnType, void>::value) {
        fn(std::forward<Args>(args)...);
    } else {
        return fn(std::forward<Args>(args)...);
    }
}

错误为：

template-parameter-callable.cpp:48:71: error: template argument for 
template type parameter must be a type
constexpr auto operator()(Args&&... args) const ->   
    std::invoke_result<fn(std::forward<Args>(args)...)>::type {                                                                           
                       ^~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~
/Library/Developer/CommandLineTools/SDKs/MacOSX.sdk/
usr/include/c++/v1/type_traits:4009:17: 
note: template parameter is declared here
template <class _Fn, class... _Args>
                ^

1 error generated.

如何推导编译时调用fn的返回类型？