我想让gulp监视我的工作文件夹上的所有更改，但只生成一个文件。因为我使用scss导入所有需要的文件，所以不需要编译所有.css文件，只需要编译main文件。
现在，我的gulpfile.js包含：

var gulp    = require('gulp');
var util    = require('gulp-util');
var sass    = require('gulp-sass');

gulp.task('sass', function () {
  return gulp.src('./sass/style.scss')
  .pipe(sass().on('error', sass.logError))
  .pipe(gulp.dest('./dist/css'));
});

gulp.task('watch', function() {
  gulp.watch('./sass/**/*.scss', ['sass']);
});

而且我必须进去./sass/style.scss，把它保存到triger gulp watch。
我想让gulp查看所有文件（比如./**/*.scss），但只渲染一个文件-./sass/style.scss。如何实现？